Re: [複變] Fresnel integrals
※ 引述《keroro321 (日夕)》之銘言:
: c
: 你提到的例子如何利用
: s 1
: ∫cos(x^2)dx = s∫cos((st)^2)dt ........
: 0 0
: 1 1 1
: ∫exp(isz^2)dz = ∫cos(st^2)dt + i∫sin(st^2)dt...(1)
: 0 0 0
: f(z)=i(z^2) , f'(z)=2iz , f''(z)=2i .
: z=0 is a saddle point ..........................(2)
: α=π/2 - [arg(f''(0))]/2 = π/4 ...............(3)
: ( i*(t(1+i))^2 = -2t^2 !!)
: Re(f(0)-f(z)) = -2xy............................(4)
: 綜合(1)(2)(3)(4)以上結果 我們可以去選取contour C 為
: 扇型 (半徑為1, 角度 0~π/4) 去掉實數軸
: (借用你畫過的圖 )
: y
: ↑
: │
: │ ╱╲ C = C1 + C2
: │ C1 / ↘ C2
: │ ↗ ﹨ C1:the path of steepest Descent
: │╱ π/4 \
: └──────→ x
: 由 Cauchy-Goursat Theorem 知道
: 1
: ∫exp(isz^2)dz = ∫exp(isz^2)dz
: 0 C
: 當 s → ∞ ___
: √2π × g(0) × exp(s*0) × exp(iα)
: I(s) =∫exp(isz^2)dz ~ ────────────────
: C │ s * f''(0) │^(1/2)
: ___
: = √π ( 1/√2 + i* 1/√2 ) * s^(-1/2)
: s 1
: ∫cos(x^2)dx = s∫cos((st)^2)dt = Re (sI(s^2))
: 0 0
: ___ __
: ~ ( √π / √2 )
: 之所以少多 "2" 倍的原因 , 是因為估計 I(s) 計算時是算 路徑通過saddle point
: 的兩側 , 而在這 C 只通過一側 .
: 以上 , 是我想的解法 , 如有什麼問題或錯了 , 麻煩告訴我 !
先謝謝您的回答
抱歉,這麼晚才回復
我拿到的解答是:
s→∞ 2 __ 1 _____ 1 1
∫ cos x dx = √s (─√π/2s + ──cos(s) + ──sin(s) + ...)
0 2 4s^2 2s
s→∞ 2 __ 1 _____ 1 1
∫ sin x dx = √s (─√π/2s - ──cos(s) + ──sin(s) + ...)
0 2 2s 4s^2
計算過程就不寫了,因為落落長我也看不懂 ( ̄  ̄;;)
我想問的是,這類的逼近法應該是因人而異的吧!?
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作者 takuminauki (蚊子) 看板 Gossiping
標題 [爆卦] 蜘蛛精
時間 Sun Apr 3 01:20:09 2011
推
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※ 發信站: 批踢踢實業坊(ptt.cc)
◆ From: 140.112.211.87
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